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描述
有一群旅行爱好者，有一天，他们带回了n只蝴蝶回来。他们相信每一只都属于两个不同种类中的一种，为了讨论方便，我们称它们为A与B。他们想把n只标本分成两组——一些属于A且一些属于B——但是直接标记任何一个标本对于他们是非常困难，因此他们决定采用下面的方法。
对每对标本i和j，他们细心地把它们放到一起研究。如果他们以自己的判断足以确信，那么他们把这对蝴蝶标记为“相同”（这意味着他们相信这两只来自同一类）或者是“不同”（这意味着他们相信这两只来自不同的类）。他们也可以对某些标本判断不出来而弃权，在这种情况下，我们称这对标本是不明确的。
现在他们有n只标本的集合，还有对那些没有弃权的标本对的m个判断的集合（“相同”或者“不同”）。他们想知道这个数据与每只蝴蝶来自A和B中的一个类的想法是否一致。更具体地说，如果对每对蝴蝶按照下述方式标记A或B是可能的，即对每个标为“相同”的（i，j）对，就是i与j有相同标记的情况；对每个标为“不同”的（i，j）对，就是i与j有不同标记的情况。那么我们可以说这m个判断是一致的。他们正在冥思苦想自己的判断是否是一致的。请你帮他们设计合理的算法解决该问题。
输入
输入包含多组数据，以文件结束符为终止。 每组数据第一行为两个整数，分别是n和m： n为蝴蝶的数量，编号从0到n-1 m为关系的数量 接下来是m组关系数据，每组数据占一行，为三个整数，前两个整数表示蝴蝶的编号，第三个整数为关系的种类（相同或者不同）： 0为相同，1为不同 1 < n <= 1000 1 < m <= 100000
输出
合理就输出YES 不合理就输出NO
样例输入
3 3 0 1 0 1 2 1 0 2 1 3 3 0 1 0 1 2 1 0 2 0样例输出
YES NO提示
注意输出的大写和回车
题解：
这个题的数据很水，用并查集只要判断最后集合数量大于3输出NO也可以ac，但是个人以为这种方式不对，用并查集最后还是要染色，不如直接用BFS染色
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { //freopen("in.txt","r",stdin); int m,n; while(scanf("%d %d",&n,&m)!=EOF) { bool f=true; queue<int> q; int color[n]={0}; int a[n][n]={0}; for(int i=0;i<m;i++) { int aa,b,c; scanf("%d %d %d",&aa,&b,&c); if(c==0) c=1; else c=2; a[aa][b]=c; a[b][aa]=c; } for(int k=0;k<n;k++) { if(color[k]) continue; color[k]=1; q.push(k); while(!q.empty()) { int t=q.front(); q.pop(); for(int j=0;j<n;j++) { if(a[t][j]==1)// same set { if(color[j]==0-color[t]) { cout<<"NO"<<endl; f=false; break; } else if(color[j]==0) { color[j]=color[t]; q.push(j); } } else if(a[t][j]==2)//diff set { if(color[j]==color[t]) { cout<<"NO"<<endl; f=false; break; } else if(color[j]==0) { color[j]=0-color[t]; q.push(j); } } } if(!f) break; } if(!f) break; } if(f) cout<<"YES"<<endl; } }
